高二化學(xué)選擇題如何提高得分率

2024-09-14 22:37:04網(wǎng)絡(luò)整理

　　1、商余法

　　這種方法主要是應(yīng)用于解答有機物（尤其是烴類）知道分子量后求出其分子式的一類題目。對于烴類，由于烷烴通式為CnH2n+2，分子量為14n+2，對應(yīng)的烷烴基通式為CnH2n+1，分子量為14n+1，烯烴及環(huán)烷烴通式為CnH2n，分子量為14n，對應(yīng)的烴基通式為CnH2n-1，分子量為14n-1，炔烴及二烯烴通式為CnH2n-2，分子量為14n-2，對應(yīng)的烴基通式為CnH2n-3，分子量為14n-3，所以可以將已知有機物的分子量減去含氧官能團的式量后，差值除以14（烴類直接除14），則最大的商為含碳的原子數(shù)（即n值），余數(shù)代入上述分子量通式，符合的就是其所屬的類別。

　　例1

　　某直鏈一元醇14克能與金屬鈉完全反應(yīng)，生成0.2克氫氣，則此醇的同分異構(gòu)體數(shù)目為（）

　　A.6個B.7個C.8個D.9個

　　【解析】：

　　由于一元醇只含一個-OH，每mol醇只能轉(zhuǎn)換出1/2molH2，由生成0.2克H2推斷出14克醇應(yīng)有0.2mol，所以其摩爾質(zhì)量為72克/摩，分子量為72，扣除羥基式量17后，剩余55，除以14，最大商為3，余為13，不合理，應(yīng)取商為4，余為-1，代入分子量通式，應(yīng)為4個碳的烯烴基或環(huán)烷基，結(jié)合"直鏈"，從而推斷其同分異構(gòu)體數(shù)目為6個。

　　2、平均值法

　　這種方法最適合定性地求解混合物的組成，即只求出混合物的可能成分，不用考慮各組分的含量。根據(jù)混合物中各個物理量（例如密度，體積，摩爾質(zhì)量，物質(zhì)的量濃度，質(zhì)量分數(shù)等）的定義式或結(jié)合題目所給條件，可以求出混合物某個物理量的平均值，而這個平均值必須介于組成混合物的各成分的同一物理量數(shù)值之間，換言之，混合物的兩個成分中的這個物理量肯定一個比平均值大，一個比平均值小，才能符合要求，從而可判斷出混合物的可能組成。

　　例2

　　將兩種金屬單質(zhì)混合物13g，加到足量稀硫酸中，共放出標準狀況下氣體11.2L，這兩種金屬可能是（）

　　A.Zn和Fe

　　B.Al和Zn

　　C.Al和Mg

　　D.Mg和Cu

　　【解析】：

　　將混合物當作一種金屬來看，因為是足量稀硫酸，13克金屬全部反應(yīng)生成的11.2L（0.5摩爾）氣體全部是氫氣，也就是說，這種金屬每放出1摩爾氫氣需26克，如果全部是+2價的金屬，其平均原子量為26，則組成混合物的+2價金屬，其原子量一個大于26，一個小于26，代入選項，在置換出氫氣的反應(yīng)中，顯+2價的有Zn，原子量為65，F(xiàn)e原子量為56，Mg原子量為24，但對于Al，由于在反應(yīng)中顯+3價，要置換出1mol氫氣，只要18克Al便夠，可看作+2價時其原子量為27/（3/2）=18，同樣假如有+1價的Na參與反應(yīng)時，將它看作+2價時其原子量為23×2=46，對于Cu，因為它不能置換出H2，所以可看作原子量為無窮大，從而得到A中兩種金屬原子量均大于26，C中兩種金屬原子量均小于26，所以A，C都不符合要求，B中Al的原子量比26小，Zn比26大，D中Mg原子量比26小，Cu原子量比26大，故BD為應(yīng)選答案。

　　3、極限法

　　極限法與平均值法剛好相反，這種方法也適合定性或定量地求解混合物的組成。根據(jù)混合物中各個物理量（例如密度，體積，摩爾質(zhì)量，物質(zhì)的量濃度，質(zhì)量分數(shù)等）的定義式或結(jié)合題目所給條件，將混合物看作是只含其中一種組分A，即其質(zhì)量分數(shù)或氣體體積分數(shù)為100%（極大）時，另一組分B對應(yīng)的質(zhì)量分數(shù)或氣體體積分數(shù)就為0%（極�。�，可以求出此組分A的某個物理量的值N1，用相同的方法可求出混合物只含B不含A時的同一物理量的值N2，而混合物的這個物理量N平是平均值，必須介于組成混合物的各成分A，B的同一物理量數(shù)值之間，即N1
　　例3

　　4個同學(xué)同時分析一個由KCl和KBr組成的混合物，他們各取2.00克樣品配成水溶液，加入足夠HNO3后再加入適量AgNO3溶液，待沉淀完全后過濾得到干燥的鹵化銀沉淀的質(zhì)量如下列四個選項所示，其中數(shù)據(jù)合理的是（）

　　A.3.06g

　　B.3.36g

　　C.3.66g

　　D.3.96

　　【解析】：

　　本題如按通常解法，混合物中含KCl和KBr，可以有無限多種組合形式，則求出的數(shù)據(jù)也有多種可能性，要驗證數(shù)據(jù)是否合理，必須將四個選項代入，看是否有解，也就相當于做四道計算題，耗時耗力。使用極限法，設(shè)2.00g全部為KCl，根據(jù)KCl-AgCl，每74.5gKCl可生成143.5gAgCl，則可得沉淀為2.00/74.5×143.5=3.852g，為最大值；同樣可求得當混合物全部為KBr時，每119gKBr可得沉淀188g，所以應(yīng)得沉淀為2.00/119×188=3.160g，為最小值。因此答案應(yīng)介于最大值和最小值之間，答案選BC。

　　4、估算法

　　化學(xué)題尤其是選擇題中所涉及的計算，所要考查的是化學(xué)知識，而不是運算技能，所以當中的計算的量應(yīng)當是較小的，通常都不需計出確切值，可結(jié)合題目中的條件對運算結(jié)果的數(shù)值進行估計，符合要求的便可選取。

　　例4

　　已知某鹽在不同溫度下的溶解度如下表，若把質(zhì)量分數(shù)為22%的該鹽溶液由500C逐漸冷卻，則開始析出晶體的溫度范圍是（）

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　　A.0-100℃

　　B.10-200℃

　　C.20-300℃

　　D.30-400℃

　　【解析】：

　　本題考查的是溶液結(jié)晶與溶質(zhì)溶解度及溶液飽和度的關(guān)系。溶液析出晶體，意味著溶液的濃度超出了當前溫度下其飽和溶液的濃度，根據(jù)溶解度的定義，[溶解度/（溶解度+100克水）]×100%=飽和溶液的質(zhì)量分數(shù)，如果將各個溫度下的溶解度數(shù)值代入，比較其飽和溶液質(zhì)量分數(shù)與22%的大小，可得出結(jié)果，但運算量太大，不符合選擇題的特點。從表上可知，該鹽溶解度隨溫度上升而增大，可以反過來將22%的溶液當成某溫度時的飽和溶液，只要溫度低于該溫度，就會析出晶體。代入[溶解度/（溶解度+100克水）]×100%=22%，可得：溶解度×78=100×22，即溶解度=2200/78，除法運算麻煩，運用估算，應(yīng)介于25與30之間，此溶解度只能在30-400C中，故選D。

　　5、差量法

　　對于在反應(yīng)過程中有涉及物質(zhì)的量，濃度，微粒個數(shù)，體積，質(zhì)量等差量變化的一個具體的反應(yīng)，運用差量變化的數(shù)值有助于快捷準確地建立定量關(guān)系，從而排除干擾，迅速解題，甚至于一些因條件不足而無法解決的題目也迎刃而解。

　　例5

　　在1升濃度為C摩/升的弱酸HA溶液中，HA、H+和A-的物質(zhì)的量之和為nC摩，則HA的電離度是（）

　　A.n×100%

　　B.（n/2）×100%

　　C.（n-1）×100%

　　D.n%

　　【解析】：

　　根據(jù)電離度的概念，只需求出已電離的HA的物質(zhì)的量，然后將這個值與HA的總量（1升×C摩/升=C摩）相除，其百分數(shù)就是HA的電離度。要求已電離的HA的物質(zhì)的量，可根據(jù)HA＝H++A-，由于原有弱酸為1升×C摩/升=C摩，設(shè)電離度為X，則電離出的HA的物質(zhì)的量為XC摩，即電離出的H+和A-也分別為CXmol，溶液中未電離的HA就為（C-CX）mol，所以HA、H+、A-的物質(zhì)的量之和為[（C-CX）+CX+CX]摩，即（C+CX）摩=nC摩，從而可得出1+X=n，所以X的值為n-1，取百分數(shù)故選C。

　　本題中涉及的微粒數(shù)較易混淆，采用差量法有助于迅速解題：根據(jù)HA的電離式，每一個HA電離后生成一個H+和一個A-，即微粒數(shù)增大，現(xiàn)在微粒數(shù)由原來的C摩變?yōu)閚C摩，增大了（n-1）×C摩，立即可知有（n-1）×C摩HA發(fā)生電離，則電離度為（n-1）C摩/C摩=n-1，更快地選出C項答案。

　　6、代入法

　　將所有選項可某個特殊物質(zhì)逐一代入原題來求出正確結(jié)果，這原本是解選擇題中最無奈時才采用的方法，但只要恰當?shù)亟Y(jié)合題目所給條件，縮窄要代入的范圍，也可以運用代入的方法迅速解題。

　　例6

　　某種烷烴11克完全燃燒，需標準狀況下氧氣28L，這種烷烴的分子式是（）

　　A.C5H12

　　B.C4H10

　　C.C3H8

　　D.C2H6

　　【解析】：

　　因為是烷烴，組成為CnH2n+2，分子量為14n+2，即每14n+2克烴完全燃燒生成n摩CO2和（n+1）摩H2O，便要耗去n+（n+1）/2即3n/2+1/2摩O2，現(xiàn)有烷烴11克，氧氣為28/22.4=5/4摩，其比值為44：5，將選項中的四個n值代入（14n+2）：[3n/2+1/2]，不需解方程便可迅速得知n=3。

　　7、關(guān)系式法

　　對于多步反應(yīng)，可根據(jù)各種的關(guān)系（主要是化學(xué)方程式，守恒等），列出對應(yīng)的關(guān)系式，快速地在要求的物質(zhì)的數(shù)量與題目給出物質(zhì)的數(shù)量之間建立定量關(guān)系，從而免除了涉及中間過程的大量運算，不但節(jié)約了運算時間，還避免了運算出錯對計算結(jié)果的影響，是最經(jīng)常使用的方法之一。

　　例7

　　一定量的鐵粉和9克硫粉混合加熱，待其反應(yīng)后再加入過量鹽酸，將生成的氣體完全燃燒，共收集得9克水，求加入的鐵粉質(zhì)量為（）

　　A.14g

　　B.42g

　　C.56g

　　D.28g

　　【解析】：

　　由于題目中無指明鐵粉的量，所以鐵粉可能是過量，也可能不足，則與硫粉反應(yīng)后，加入過量鹽酸是生成的氣體就有多種可能：或者只有H2S（鐵全部轉(zhuǎn)化為FeCl2），或者既有H2S又有H2（鐵除了生成FeCl2外還有剩余），所以只憑硫粉質(zhì)量和生成水的質(zhì)量，不易建立方程求解。根據(jù)各步反應(yīng)的定量關(guān)系，列出關(guān)系式：（1）Fe——FeS（鐵守恒）——H2S（硫守恒）——H2O（氫守恒），（2）Fe——H2（化學(xué)方程式）——H2O（氫守恒），從而得知，無論鐵參與了哪一個反應(yīng)，每一個鐵原子最終生成了1個水分子，所以迅速得出鐵的物質(zhì)的量就是水的物質(zhì)的量，與流沒有關(guān)系所以應(yīng)有鐵粉9/18=0.5mol，即28g。

　　8、比較法

　　已知一個有機物的分子式，根據(jù)題目的要求去計算相關(guān)的量例如同分異構(gòu)體，反應(yīng)物或生成物的結(jié)構(gòu)，反應(yīng)方程式的系數(shù)比等，經(jīng)常要用到結(jié)構(gòu)比較法，其關(guān)鍵是要對有機物的結(jié)構(gòu)特點了解透徹，將相關(guān)的官能團的位置，性質(zhì)熟練掌握，代入對應(yīng)的條件中進行確定。

　　例8

　　分子式為C12H12的烴，結(jié)構(gòu)式為，若萘環(huán)上的二溴代物有9種CH3同分異構(gòu)體，則萘環(huán)上四溴代物的同分異構(gòu)體數(shù)目有（）

　　A.9種

　　B.10種

　　C.11種

　　D.12種

　　【解析】：

　　本題是求萘環(huán)上四溴代物的同分異構(gòu)體數(shù)目，不需考慮官能團異構(gòu)和碳鏈異構(gòu)，只求官能團的位置異構(gòu)，如按通常做法，將四個溴原子逐個代入萘環(huán)上的氫的位置，便可數(shù)出同分異構(gòu)體的數(shù)目，但由于數(shù)量多，結(jié)構(gòu)比較十分困難，很易錯數(shù)，漏數(shù)。抓住題目所給條件：二溴代物有9種，分析所給有機物結(jié)構(gòu)，不難看出，萘環(huán)上只有六個氫原子可以被溴取代，也就是說，每取代四個氫原子，就肯定剩下兩個氫原子未取代，根據(jù)"二溴代物有9種"這一提示，即萘環(huán)上只取兩個氫原子的不同組合有9種，即意味著取四個氫原子進行取代的不同組合就有9種，所以根本不需逐個代，迅速推知萘環(huán)上四溴代物的同分異構(gòu)體就有9種。

　　9、殘基法

　　這是求解有機物分子結(jié)構(gòu)簡式或結(jié)構(gòu)式中最常用的方法。一個有機物的分子式算出后，可以有很多種不同的結(jié)構(gòu)，要最后確定其結(jié)構(gòu)，可先將已知的官能團包括烴基的式量或所含原子數(shù)扣除，剩下的式量或原子數(shù)就是屬于殘余的基團，再討論其可能構(gòu)成便快捷得多。

　　例9

　　某有機物5.6克完全燃燒后生成6.72L（S.T.P下）二氧化碳和3.6克水，該有機物的蒸氣對一氧化碳的相對密度是2，試求該有機物的分子式。如果該有機物能使溴水褪色，并且此有機物和新制的氫氧化銅混合后加熱產(chǎn)生紅色沉淀，試推斷該有機物的結(jié)構(gòu)簡式。

　　【解析】：

　　因為該有機物的蒸氣對一氧化碳的相對密度為2，所以其分子量是CO的2倍，即56，而5.6克有機物就是0.1摩，完全燃燒生成6.72L（S.T.P）CO2為0.3摩，3.6克水為0.2摩，故分子式中含3個碳，4個氫，則每摩分子中含氧為56-3×12-4×1=16克，分子式中只有1個氧，從而確定分子式是C3H4O.根據(jù)該有機物能發(fā)生斐林反應(yīng)，證明其中有-CHO，從C3H4O中扣除-CHO，殘基為-C2H3，能使溴水褪色，則有不飽和鍵，按其組成，只可能為-CH=CH2，所以該有機物結(jié)構(gòu)就為H2C=CH-CHO。

　　10、守恒法

　　物質(zhì)在參加反應(yīng)時，化合價升降的總數(shù)，反應(yīng)物和生成物的總質(zhì)量，各物質(zhì)中所含的每一種原子的總數(shù)，各種微粒所帶的電荷總和等等，都必須守恒。所以守恒是解計算題時建立等量關(guān)系的依據(jù)，守恒法往往穿插在其它方法中同時使用，是各種解題方法的基礎(chǔ)，利用守恒法可以很快建立等量關(guān)系，達到速算效果。

　　例10

　　已知某強氧化劑[RO（OH）2]+能被硫酸鈉還原到較低價態(tài)，如果還原含2.4×10-3mol[RO（OH）2]+的溶液到低價態(tài)，需12mL0.2mol/L的亞硫酸鈉溶液，那么R元素的最終價態(tài)為（）

　　A.+3

　　B.+2

　　C.+1

　　D.-1

　　【解析】：

　　因為在[RO（OH）2]+中，R的化合價為+3價，它被亞硫酸鈉還原的同時，亞硫酸鈉被氧化只能得硫酸鈉，硫的化合價升高了2價，根據(jù)2.4×10-3mol[RO（OH）2]+與12ml×0.2mol/L=0.0024mol的亞硫酸鈉完全反應(yīng)，亞硫酸鈉共升0.0024×2=0.0048價，則依照升降價守恒，2.4×10-3mol[RO（OH）2]+共降也是0.0048價，所以每mol[RO（OH）2]+降了2價，R原為+3價，必須降為+1價，故不需配平方程式可直接選C。

　　11、規(guī)律法

　　化學(xué)反應(yīng)過程中各物質(zhì)的物理量往往是符合一定的數(shù)量關(guān)系的，這些數(shù)量關(guān)系就是通常所說的反應(yīng)規(guī)律，表現(xiàn)為通式或公式，包括有機物分子通式，燃燒耗氧通式，化學(xué)反應(yīng)通式，化學(xué)方程式，各物理量定義式，各物理量相互轉(zhuǎn)化關(guān)系式等，甚至于從實踐中自己總結(jié)的通式也可充分利用。熟練利用各種通式和公式，可大幅度減低運算時間和運算量，達到事半功倍的效果。

　　例11

　　1200℃時，1體積某烴和4體積O2混和，完全燃燒后恢復(fù)到原來的溫度和壓強，體積不變，該烴分子式中所含的碳原子數(shù)不可能是（）

　　A.1

　　B.2

　　C.3

　　D.4

　　【解析】：

　　本題是有機物燃燒規(guī)律應(yīng)用的典型，由于烴的類別不確定，氧是否過量又未知，如果單純將含碳由1至4的各種烴的分子式代入燃燒方程，運算量大而且未必將所有可能性都找得出。應(yīng)用有機物的燃燒通式，設(shè)該烴為CXHY，其完全燃燒方程式為：CXHY+（X+Y/4）O2==XCO2+Y/2H2O，因為反應(yīng)前后溫度都是1200℃，所以H2O為氣態(tài)，要計體積，在相同狀況下氣體的體積比就相當于摩爾比，則無論O2是否過量，每1體積CXHY只與X+Y/4體積O2反應(yīng)，生成X體積CO2和Y/2體積水蒸氣，體積變量肯定為1-Y/4，只與分子式中氫原子數(shù)量有關(guān)。按題意，由于反應(yīng)前后體積不變，即1-Y/4=0，立刻得到分子式為CXH4，此時再將四個選項中的碳原子數(shù)目代入，CH4為甲烷，C2H4為乙烯，C3H4為丙炔，只有C4H4不可能。

　　12、排除法

　　選擇型計算題最主要的特點是，四個選項中肯定有正確答案，只要將不正確的答案剔除，剩余的便是應(yīng)選答案。利用這一點，針對數(shù)據(jù)的特殊性，可運用將不可能的數(shù)據(jù)排除的方法，不直接求解而得到正確選項，尤其是單選題，這一方法更加有效。

　　例12

　　取相同體積的KI，Na2S，F(xiàn)eBr2三種溶液，分別通入氯氣，反應(yīng)都完全時，三種溶液所消耗氯氣的體積（在同溫同壓下）相同，則KI，Na2S，F(xiàn)eBr2三種溶液的摩爾濃度之比是（）

　　A.1：1：2B.1：2：3C.6：3：2D.2：1：3

　　【解析】：

　　本題當然可用將氯氣與各物質(zhì)反應(yīng)的關(guān)系式寫出，按照氯氣用量相等得到各物質(zhì)摩爾數(shù)，從而求出其濃度之比的方法來解，但要進行一定量的運算，沒有充分利用選擇題的特殊性。根據(jù)四個選項中KI和FeBr2的比例或Na2S和FeBr2的比例均不相同這一特點，只要求出其中一個比值，已經(jīng)可得出正確選項。因KI與Cl2反應(yīng)產(chǎn)物為I2，即兩反應(yīng)物mol比為2：1，F(xiàn)eBr2與Cl2反應(yīng)產(chǎn)物為Fe3+和Br2，即兩反應(yīng)物mol比為2：3，可化簡為2/3：1，當Cl2用量相同時，則KI與FeBr2之比為2：（2/3）即3：1，A，B，D中比例不符合，予以排除，只有C為應(yīng)選項。如果取Na2S與FeBr2來算，同理也可得出相同結(jié)果。本題還可進一步加快解題速度，抓住KI，Na2S，F(xiàn)eBr2三者結(jié)構(gòu)特點--等量物質(zhì)與Cl2反應(yīng)時，F(xiàn)eBr2需耗最多Cl2。換言之，當Cl2的量相等時，參與反應(yīng)的FeBr2的量最少，所以等體積的溶液中，其濃度最小，在四個選項中，也只有C符合要求。

　　13、十字交叉法

　　十字交叉法是專門用來計算溶液濃縮及稀釋，混合氣體的平均組成，混合溶液中某種離子濃度，混合物中某種成分的質(zhì)量分數(shù)等的一種常用方法，其使用方法為：組分A的物理量a差量c-b平均物理量c（質(zhì)量，濃度，體積，質(zhì)量分數(shù)等）組分B的物理量b差量a-c則混合物中所含A和B的比值為（c-b）：（a-c），至于濃縮，可看作是原溶液A中減少了質(zhì)量分數(shù)為0%的水B，而稀釋則是增加了質(zhì)量分數(shù)為100%的溶質(zhì)B，得到質(zhì)量分數(shù)為c的溶液。

　　例13

　　有A克15%的NaNO3溶液，欲使其質(zhì)量分數(shù)變?yōu)?0%，可采用的方法是（）

　　A.蒸發(fā)溶劑的1/2

　　B.蒸發(fā)掉A/2克的溶劑

　　C.加入3A/14克NaNO3

　　D.加入3A/20克NaNO3

　　【解析】：

　　根據(jù)十字交叉法，溶液由15%變?yōu)?0%差量為15%，增大溶液質(zhì)量分數(shù)可有兩個方法：（1）加入溶質(zhì)，要使100%的NaNO3變?yōu)?0%，差量為70%，所以加入的質(zhì)量與原溶液質(zhì)量之比為15：70，即要3A/14克。（2）蒸發(fā)減少溶劑，要使0%的溶劑變?yōu)?0%，差量為30%，所以蒸發(fā)的溶劑的質(zhì)量與原溶液質(zhì)量之比為15%：30%，即要蒸發(fā)A/2克。如果設(shè)未知數(shù)來求解本題，需要做兩次計算題，則所花時間要多得多。

　　14、拆分法

　　將題目所提供的數(shù)值或物質(zhì)的結(jié)構(gòu)，化學(xué)式進行適當分拆，成為相互關(guān)聯(lián)的幾個部分，可以便于建立等量關(guān)系或進行比較，將運算簡化。這種方法最適用于有機物的結(jié)構(gòu)比較（與殘基法相似），同一物質(zhì)參與多種反應(yīng)，以及關(guān)于化學(xué)平衡或討論型的計算題。

　　例14

　　將各為0.3214摩的下列各物質(zhì)在相同條件下完全燃燒，消耗氧氣的體積最少的是（）

　　A.甲酸

　　B.甲醛

　　C.乙醛

　　D.甲酸甲酯

　　【解析】：

　　這是關(guān)于有機物的燃燒耗氧量的計算，因為是等摩爾的物質(zhì)，完全可用燃燒通式求出每一個選項耗氧的摩爾數(shù)，但本題只需要定量比較各個物質(zhì)耗氧量的多少，不用求出確切值，故此題可應(yīng)用拆分法：甲酸結(jié)構(gòu)簡式為HCOOH，可拆為H2O+CO，燃燒時只有CO耗氧，甲醛結(jié)構(gòu)簡式HCHO，可拆為H2O+C，比甲酸少了一個O，則等摩爾燃燒過程中生成相同數(shù)量的H2O和CO2時，耗多一個O，耗氧量必定大于甲酸，甲酸甲酯HCOOCH3拆為2H2O+C2，比乙酸少了H2，耗氧量必定少，所以可知等量物質(zhì)燃燒時乙醛耗氧最多。

　　例15

　　有一塊鐵鋁合金，溶于足量鹽酸中，再用足量KOH溶液處理，將產(chǎn)生的沉淀過濾，洗滌，干燥。灼燒使之完全變成紅色粉末，經(jīng)稱量，發(fā)現(xiàn)該紅色粉末和原合金質(zhì)量恰好相等，則合金中鋁的含量為（）

　　A.70%

　　B.52.4%

　　C.47.6%

　　D.30%

　　【解析】：

　　本題是求混合金屬的組成，只有一個"紅色粉末與原合金質(zhì)量相等"的條件，用普通方法不能迅速解題。根據(jù)化學(xué)方程式，因為鋁經(jīng)兩步處理后已在過濾時除去，可用鐵守恒建立關(guān)系式：Fe——FeCl2——Fe（OH）2——Fe（OH）3——（1/2）Fe2O3，再由質(zhì)量相等的條件，得合金中鋁+鐵的質(zhì)量=氧化鐵的質(zhì)量=鐵+氧的質(zhì)量，從而可知，鋁的含量相當于氧化鐵中氧的含量，根據(jù)質(zhì)量分數(shù)的公式，可求出其含量為：[（3×16）/（2×56+3×16）]×100%=30%.

　　解題中同時運用了關(guān)系式法，公式法，守恒法等。綜上所述，"時間就是分數(shù)，效率就是成績"，要想解題過程迅速準確，必須針對題目的特點，選取最有效的解題方法，甚至是多種方法綜合運用，以達到減少運算量，增強運算準確率的效果，從而取得更多的主動權(quán)，才能在測試中獲取更佳的成績。

　　當然，解題方法并不僅局限于以上方法，還有各人從實踐中總結(jié)出來的各種各樣的經(jīng)驗方法，各種方法都有其自身的優(yōu)點。在眾多的方法中，無論使用哪一種，都應(yīng)該注意以下幾點：

　　一、要抓住題目中的明確提示，例如差值，守恒關(guān)系，反應(yīng)規(guī)律，選項的數(shù)字特點，結(jié)構(gòu)特點，以及相互關(guān)系，并結(jié)合通式，化學(xué)方程式，定義式，關(guān)系式等，確定應(yīng)選的方法。

　　二、使用各種解題方法時，一定要將相關(guān)的量的關(guān)系搞清楚，尤其是差量，守恒，關(guān)系式等不要弄錯，也不能憑空捏造，以免適得其反，弄巧反拙。

　　三、扎實的基礎(chǔ)知識是各種解題方法的后盾，解題時應(yīng)在基本概念基本理論入手，在分析題目條件上找方法，一時未能找到巧解方法，先從最基本方法求解，按步就班，再從中發(fā)掘速算方法。

　　四、在解題過程中，往往需要將多種解題方法結(jié)合一齊同時運用，以達到最佳效果。